88-132 אינפי 1 סמסטר א' תשעב/פתרון מועד א מדמח: הבדלים בין גרסאות בדף
יהודה שמחה (שיחה | תרומות) אין תקציר עריכה |
יהודה שמחה (שיחה | תרומות) אין תקציר עריכה |
||
שורה 1: | שורה 1: | ||
[[קטגוריה:פתרון מבחנים]][[קטגוריה:אינפי]] | [[קטגוריה:פתרון מבחנים]][[קטגוריה:אינפי]] | ||
==שאלה 1 == | ==שאלה 1== | ||
א. הוכח כי כל סדרה מתכנסת חסומה. | א. הוכח כי כל סדרה מתכנסת חסומה. | ||
שורה 21: | שורה 20: | ||
:<math>\frac{a_{n+1}}{a_n}=\frac13,3,\frac13,3,\frac13,3,\ldots</math> | :<math>\frac{a_{n+1}}{a_n}=\frac13,3,\frac13,3,\frac13,3,\ldots</math> | ||
ולכן לא מתכנס. אבל <math>\sqrt[n] | ולכן לא מתכנס. אבל <math>\sqrt[n]3\to1</math> וכמובן גם <math>\sqrt[n]1\to1</math> ולכן סה"כ <math>\sqrt[n]{a_n}\to1</math> . | ||
==שאלה 2== | ==שאלה 2== | ||
שורה 34: | שורה 33: | ||
:<math>f'(c)=\frac{f(x)-f(0)}{x-0}=\frac{f(x)}{x}</math> | :<math>f'(c)=\frac{f(x)-f(0)}{x-0}=\frac{f(x)}{x}</math> | ||
אבל מתוך מונוטוניות הנגזרת, אנו מקבלים: | אבל מתוך מונוטוניות הנגזרת, אנו מקבלים: | ||
:<math>f'(x)\ge f'(c)=\ | :<math>f'(x)\ge f'(c)=\dfrac{f(x)}{x}</math> | ||
כפי שרצינו. <math>\blacksquare</math> | כפי שרצינו. <math>\blacksquare</math> | ||
ב. נוכיח כי הנגזרת חיובית ולכן הפונקציה מונוטונית עולה | ב. נוכיח כי הנגזרת חיובית ולכן הפונקציה מונוטונית עולה | ||
:<math>g'(x)=\ | :<math>g'(x)=\dfrac{x\cdot f'(x)-f(x)}{x^2}</math> | ||
כיון שהמכנה חיובי תמיד, סימן הנגזרת נקבע על-ידי המונה. אבל לפי סעיף א': | כיון שהמכנה חיובי תמיד, סימן הנגזרת נקבע על-ידי המונה. אבל לפי סעיף א': | ||
:<math>x\cdot f'(x)-f(x)\ge x\cdot\ | :<math>x\cdot f'(x)-f(x)\ge x\cdot\dfrac{f(x)}{x}-f(x)=0</math> | ||
==שאלה 3== | ==שאלה 3== | ||
שורה 49: | שורה 48: | ||
א. <math>\lim\limits_{n\to\infty}\sqrt[n]{1^n+2^n+\cdots+2012^n}</math> | א. <math>\lim\limits_{n\to\infty}\sqrt[n]{1^n+2^n+\cdots+2012^n}</math> | ||
ב. <math>\lim\limits_{n\to\infty}a_n</math>, כאשר <math>a_1=1\ ,\ a_{n+1}=\sin(a_n)</math> | ב. <math>\lim\limits_{n\to\infty}a_n</math> , כאשר <math>a_1=1\ ,\ a_{n+1}=\sin(a_n)</math> | ||
ג. <math>\lim\limits_{x\to\infty}\Big[\sin\big(\sqrt{x-a}\big)-\sin\big(\sqrt{x}\big)\Big]</math> | ג. <math>\lim\limits_{x\to\infty}\Big[\sin\big(\sqrt{x-a}\big)-\sin\big(\sqrt{x}\big)\Big]</math> | ||
ד. <math>\lim\limits_{x\to1}\ | ד. <math>\lim\limits_{x\to1}\left[\dfrac1{x-1}-\dfrac1{\ln(x)}\right]</math> | ||
===פתרון=== | ===פתרון=== | ||
שורה 66: | שורה 65: | ||
ג. כפי שראינו בכיתה, ניתן להוכיח בעזרת לגראנז' כי <math>\ | ג. כפי שראינו בכיתה, ניתן להוכיח בעזרת לגראנז' כי <math>\Big|\sin(x)-\sin(y)\Big|\le|x-y|</math> לכן, | ||
:<math>\bigg|\sin\big(\sqrt{x-a}\big)-\sin\big(\sqrt{x}\big)\bigg|\le \ | :<math>\bigg|\sin\big(\sqrt{x-a}\big)-\sin\big(\sqrt{x}\big)\bigg|\le\Big|\sqrt{x-a}-\sqrt{x}\Big|=\left|\dfrac{-a}{\sqrt{x-a}+\sqrt{x}}\right|\to 0</math> | ||
ד. | ד. | ||
:<math>\ | :<math>\dfrac1{x-1}-\dfrac1{\ln(x)}=\dfrac{\ln(x)-x+1}{(x-1)\ln(x)}</math> | ||
נגזור את המונה ואת המכנה לקבלת: | נגזור את המונה ואת המכנה לקבלת: | ||
:<math>\ | :<math>\dfrac{\frac1x-1}{\ln(x)+\frac{x-1}{x}}=\dfrac{1-x}{x\ln(x)+x-1}</math> | ||
שוב נגזור את המונה ואת המכנה לקבלת: | שוב נגזור את המונה ואת המכנה לקבלת: | ||
:<math>-\ | :<math>-\dfrac1{\ln(x)+1+1}\to-\frac12</math> | ||
ולכן לפי כלל לופיטל, זה גם הגבול המקורי. | ולכן לפי כלל לופיטל, זה גם הגבול המקורי. | ||
==שאלה 4== | ==שאלה 4== | ||
תהי <math>f(x)=x^2\sin\left(\ | תהי <math>f(x)=x^2\sin\left(\frac1x\right)</math> | ||
א. האם <math>f</math> רציפה במ"ש בתחום <math>(0,\infty)</math>? | א. האם <math>f</math> רציפה במ"ש בתחום <math>(0,\infty)</math>? | ||
שורה 86: | שורה 85: | ||
ב. האם <math>f'</math> רציפה במ"ש בתחום <math>(0,\infty)</math>? | ב. האם <math>f'</math> רציפה במ"ש בתחום <math>(0,\infty)</math>? | ||
ג. הוכח/הפרך: אם <math>g</math> גזירה ורציפה במ"ש ב- <math>(0,\infty)</math> אזי נגזרתה <math>g'</math> חסומה ב-<math>(0,\infty)</math> | ג. הוכח/הפרך: אם <math>g</math> גזירה ורציפה במ"ש ב- <math>(0,\infty)</math> אזי נגזרתה <math>g'</math> חסומה ב- <math>(0,\infty)</math> | ||
===פתרון=== | ===פתרון=== | ||
שורה 92: | שורה 91: | ||
נבחן את הנגזרת בקטע: | נבחן את הנגזרת בקטע: | ||
<math>f'(x)=2x\cdot\sin\left(\ | <math>f'(x)=2x\cdot\sin\left(\frac1x\right)-\cos\left(\frac1x\right)</math> . כיון שגבולה באינסוף סופי והיא רציפה בכל נקודה בקטע, היא חסומה בקטע <math>[1,\infty)</math>. | ||
כמו כן קל לראות כי היא חסומה בקטע <math>(0,1)</math> (אף על פי שאין לה גבול בנקודה אפס). | כמו כן קל לראות כי היא חסומה בקטע <math>(0,1)</math> (אף על פי שאין לה גבול בנקודה אפס). | ||
שורה 100: | שורה 99: | ||
ב.<br> | ב.<br> | ||
ניקח את שתי הסדרות <math>x_n=\ | ניקח את שתי הסדרות <math>x_n=\dfrac1{2\pi n}</math>, ו- <math>y_n=\dfrac1{\frac{\pi}{2}+2\pi n}</math> . קל לוודא כי: | ||
:<math>|x_n-y_n|\ | :<math>|x_n-y_n|\to0</math> | ||
:<math>\ | :<math>\Big|f'(x_n)-f'(y_n)\Big|\to1</math> | ||
ולכן <math>f'</math> אינה רציפה במ"ש בקטע. | ולכן <math>f'</math> אינה רציפה במ"ש בקטע. | ||
שורה 110: | שורה 109: | ||
ג.<br> | ג.<br> | ||
;הפרכה | |||
<math>f(x)=\sqrt{x}</math> רציפה במ"ש בקטע כיון שב-0 יש לה גבול סופי ובאינסופי נגזרתה חסומה. אולם הנגזרת שלה <math>f'(x)=\dfrac1{2\sqrt{x}}</math> אינה חסומה בסביבת <math>0</math>. | |||
<math>f(x)=\sqrt{x}</math> רציפה במ"ש בקטע כיון שב- | |||
הפרכה נוספת: | הפרכה נוספת: | ||
<math>x\cdot\sin\ | <math>x\cdot\sin\left(\tfrac1x\right)</math> בעלת גבולות סופיים בשני קצוות הקטע, ולכן רציפה שם במ"ש. קל לוודא כי נגזרתה אינה חסומה בקטע. | ||
==שאלה 5== | ==שאלה 5== | ||
עבור כל אחד מהטורים הבאים קבעו: מתבדר/ מתכנס בהחלט/ מתכנס בתנאי: | עבור כל אחד מהטורים הבאים קבעו: מתבדר/ מתכנס בהחלט/ מתכנס בתנאי: | ||
א. <math>\ | א. <math>\displaystyle\sum_{n=1}^\infty(-1)^n\cdot\sin\Big(\sqrt{n+1}-\sqrt{n}\Big)</math> | ||
ב. <math>\ | ב. <math>\displaystyle\sum_{n=1}^\infty(-1)^n\dfrac{n+1}{n^\sqrt{n}}</math> | ||
ג. <math>\ | ג. <math>\displaystyle\sum_{n=1}^\infty\dfrac{\cos^2\left(\frac{n\pi}{2}\right)}{n}</math> | ||
ד. <math>\ | ד. <math>\displaystyle\sum_{n=1}^\infty\frac{n^n}{(n!)^2}</math> | ||
===פתרון=== | ===פתרון=== | ||
א. | א. | ||
<math>\sqrt{n+1}-\sqrt{n}=\ | <math>\sqrt{n+1}-\sqrt{n}=\dfrac1{\sqrt{n+1}+\sqrt{n}}</math> | ||
לכן קל לוודא לפי מבחן ההשוואה הגבולי כי הטורים | לכן קל לוודא לפי מבחן ההשוואה הגבולי כי הטורים | ||
:<math>\ | :<math>\displaystyle\sum_{n=1}^\infty\sin\Big(\sqrt{n+1}-\sqrt{n}\Big)\ ,\ \sum_{n=1}^\infty\dfrac1{\sqrt{n}}</math> | ||
חברים, ולכן הטור אינו מתכנס בהחלט. | חברים, ולכן הטור אינו מתכנס בהחלט. | ||
שורה 142: | שורה 140: | ||
ב.<br> | ב.<br> | ||
ברור שהחל מ- <math>n=9</math> מתקיים <math>\sqrt{n}\ | ברור שהחל מ- <math>n=9</math> מתקיים <math>\sqrt{n}\ge3</math> ולכן | ||
:<math>\ | :<math>\displaystyle\sum_{n=1}^\infty\dfrac{n+1}{n^\sqrt{n}}\le\sum_{n=1}^\infty\dfrac{n+1}{n^3}=\sum_{n=1}^\infty\left[\dfrac1{n^2}+\dfrac1{n^3}\right]</math> | ||
ולכן הטור מתכנס בהחלט. | ולכן הטור מתכנס בהחלט. | ||
ג.<br> | ג.<br> | ||
בכל מקום זוגי <math>\cos^2\left(\frac{n\pi}{2}\right)=1</math> ובכל מקום אי-זוגי זה שווה | בכל מקום זוגי <math>\cos^2\left(\frac{n\pi}{2}\right)=1</math> ובכל מקום אי-זוגי זה שווה 0 לכן הטור הוא בעצם הטור המתבדר | ||
:<math>\ | :<math>\displaystyle\sum_{n=1}^\infty\frac1{2n}</math> . | ||
ד.<br> | ד.<br> | ||
נפעיל את מבחן המנה לקבלת: | נפעיל את מבחן המנה לקבלת: | ||
:<math>\ | :<math>\dfrac{a_{n+1}}{a_n}=\dfrac{(n+1)^{n+1}(n!)^2}{n^n\big((n+1)!\big)^2}=\left(\dfrac{n+1}{n}\right)^n\cdot\dfrac1{n+1}\to e\cdot0=0</math> | ||
ולכן הטור מתכנס בהחלט. | ולכן הטור מתכנס בהחלט. |
גרסה מ־19:46, 19 ביוני 2017
שאלה 1
א. הוכח כי כל סדרה מתכנסת חסומה.
ב. הוכח/הפרך: אם [math]\displaystyle{ \lim\limits_{n\to\infty}\sqrt[n]{a_n}=L }[/math] אזי [math]\displaystyle{ \lim\limits_{n\to\infty}\frac{a_{n+1}}{a_n}=L }[/math] .
פתרון
א. כיון שהסדרה מתכנסת, קיים מקום בסדרה [math]\displaystyle{ n_1 }[/math] כך שלכל [math]\displaystyle{ n\gt n_1 }[/math] מתקיים [math]\displaystyle{ |a_n-L|\lt 1 }[/math] ולכן [math]\displaystyle{ L-1\lt a_n\lt L+1 }[/math] . סה"כ:
- [math]\displaystyle{ \forall\ n:\min\{a_1,\ldots,a_{n_1},L-1\}\lt a_n\lt \max\{a_1,\ldots,a_{n_1},L+1\} }[/math]
ב. הפרכה: ניקח סדרה אשר במקומות הזוגיים שלה שווה [math]\displaystyle{ n }[/math] , ובמקומות האי-זוגיים [math]\displaystyle{ n^2 }[/math] :
- [math]\displaystyle{ a_n=1,1,2,4,3,9,4,16,\ldots }[/math]
קל לראות כי [math]\displaystyle{ \lim\limits_{n\to\infty}\sqrt[n]{a_n}=1 }[/math] , אבל לא קיים הגבול [math]\displaystyle{ \lim\limits_{n\to\infty}\frac{a_{n+1}}{a_n} }[/math] .
הפרכה נוספת: ניקח את הסדרה הבאה
- [math]\displaystyle{ a_n=1,3,1,3,1,3,\ldots }[/math]
מתקיים
- [math]\displaystyle{ \frac{a_{n+1}}{a_n}=\frac13,3,\frac13,3,\frac13,3,\ldots }[/math]
ולכן לא מתכנס. אבל [math]\displaystyle{ \sqrt[n]3\to1 }[/math] וכמובן גם [math]\displaystyle{ \sqrt[n]1\to1 }[/math] ולכן סה"כ [math]\displaystyle{ \sqrt[n]{a_n}\to1 }[/math] .
שאלה 2
נניח כי [math]\displaystyle{ f }[/math] פונקציה רציפה ב- [math]\displaystyle{ [0,\infty) }[/math] , גזירה ב- [math]\displaystyle{ (0,\infty) }[/math] . בנוסף נתון כי [math]\displaystyle{ f(0)=0 }[/math] והנגזרת [math]\displaystyle{ f' }[/math] מונוטונית עולה ב- [math]\displaystyle{ (0,\infty) }[/math] .
א. הוכיחו כי [math]\displaystyle{ f'(x)\ge\frac{f(x)}{x} }[/math] ב- [math]\displaystyle{ (0,\infty) }[/math] .
ב. הוכיחו כי הפונקציה [math]\displaystyle{ g(x)=\frac{f(x)}{x} }[/math] מונוטונית עולה ב- [math]\displaystyle{ (0,\infty) }[/math] .
פתרון
א. יהי [math]\displaystyle{ x\gt 0 }[/math]. נפעיל את משפט לגראנז' על הפונקציה [math]\displaystyle{ f }[/math] בקטע [math]\displaystyle{ [0,x] }[/math] . לכן קיימת נקודה [math]\displaystyle{ 0\lt c\lt x }[/math] כך ש:
- [math]\displaystyle{ f'(c)=\frac{f(x)-f(0)}{x-0}=\frac{f(x)}{x} }[/math]
אבל מתוך מונוטוניות הנגזרת, אנו מקבלים:
- [math]\displaystyle{ f'(x)\ge f'(c)=\dfrac{f(x)}{x} }[/math]
כפי שרצינו. [math]\displaystyle{ \blacksquare }[/math]
ב. נוכיח כי הנגזרת חיובית ולכן הפונקציה מונוטונית עולה
- [math]\displaystyle{ g'(x)=\dfrac{x\cdot f'(x)-f(x)}{x^2} }[/math]
כיון שהמכנה חיובי תמיד, סימן הנגזרת נקבע על-ידי המונה. אבל לפי סעיף א':
- [math]\displaystyle{ x\cdot f'(x)-f(x)\ge x\cdot\dfrac{f(x)}{x}-f(x)=0 }[/math]
שאלה 3
קבעו האם קיים הגבול ואם כן מצאו אותו:
א. [math]\displaystyle{ \lim\limits_{n\to\infty}\sqrt[n]{1^n+2^n+\cdots+2012^n} }[/math]
ב. [math]\displaystyle{ \lim\limits_{n\to\infty}a_n }[/math] , כאשר [math]\displaystyle{ a_1=1\ ,\ a_{n+1}=\sin(a_n) }[/math]
ג. [math]\displaystyle{ \lim\limits_{x\to\infty}\Big[\sin\big(\sqrt{x-a}\big)-\sin\big(\sqrt{x}\big)\Big] }[/math]
ד. [math]\displaystyle{ \lim\limits_{x\to1}\left[\dfrac1{x-1}-\dfrac1{\ln(x)}\right] }[/math]
פתרון
א. נפעיל את משפט הסנדוויץ':
- [math]\displaystyle{ 2012=\sqrt[n]{2012^n}\le\sqrt[n]{1^n+2^n+\cdots+2012^n}\le\sqrt[n]{2012^n+2012^n+\cdots+2012^n}=\sqrt[n]{2012\cdot2012^n}\to2012 }[/math]
ב. ידוע כי עבור ערכים חיוביים [math]\displaystyle{ \sin(x)\lt x }[/math] ולכן קל להוכיח באינדוקציה כי זו סדרה מונוטונית יורדת וחסומה מלרע על-ידי [math]\displaystyle{ 0 }[/math] , ולכן מתכנסת.
[math]\displaystyle{ L=\sin(L) }[/math] ולכן [math]\displaystyle{ L=0 }[/math] .
אכן, אם היה פתרון אחר למשוואה [math]\displaystyle{ x-\sin(x)=0 }[/math] הקטן מ- [math]\displaystyle{ 1 }[/math] , אזי הנגזרת הייתה צריכה להתאפס בין [math]\displaystyle{ 0 }[/math] ל- [math]\displaystyle{ 1 }[/math] (לפי רול) וקל לוודא כי זה לא קורה.
ג. כפי שראינו בכיתה, ניתן להוכיח בעזרת לגראנז' כי [math]\displaystyle{ \Big|\sin(x)-\sin(y)\Big|\le|x-y| }[/math] לכן,
- [math]\displaystyle{ \bigg|\sin\big(\sqrt{x-a}\big)-\sin\big(\sqrt{x}\big)\bigg|\le\Big|\sqrt{x-a}-\sqrt{x}\Big|=\left|\dfrac{-a}{\sqrt{x-a}+\sqrt{x}}\right|\to 0 }[/math]
ד.
- [math]\displaystyle{ \dfrac1{x-1}-\dfrac1{\ln(x)}=\dfrac{\ln(x)-x+1}{(x-1)\ln(x)} }[/math]
נגזור את המונה ואת המכנה לקבלת:
- [math]\displaystyle{ \dfrac{\frac1x-1}{\ln(x)+\frac{x-1}{x}}=\dfrac{1-x}{x\ln(x)+x-1} }[/math]
שוב נגזור את המונה ואת המכנה לקבלת:
- [math]\displaystyle{ -\dfrac1{\ln(x)+1+1}\to-\frac12 }[/math]
ולכן לפי כלל לופיטל, זה גם הגבול המקורי.
שאלה 4
תהי [math]\displaystyle{ f(x)=x^2\sin\left(\frac1x\right) }[/math]
א. האם [math]\displaystyle{ f }[/math] רציפה במ"ש בתחום [math]\displaystyle{ (0,\infty) }[/math]?
ב. האם [math]\displaystyle{ f' }[/math] רציפה במ"ש בתחום [math]\displaystyle{ (0,\infty) }[/math]?
ג. הוכח/הפרך: אם [math]\displaystyle{ g }[/math] גזירה ורציפה במ"ש ב- [math]\displaystyle{ (0,\infty) }[/math] אזי נגזרתה [math]\displaystyle{ g' }[/math] חסומה ב- [math]\displaystyle{ (0,\infty) }[/math]
פתרון
א.
נבחן את הנגזרת בקטע:
[math]\displaystyle{ f'(x)=2x\cdot\sin\left(\frac1x\right)-\cos\left(\frac1x\right) }[/math] . כיון שגבולה באינסוף סופי והיא רציפה בכל נקודה בקטע, היא חסומה בקטע [math]\displaystyle{ [1,\infty) }[/math].
כמו כן קל לראות כי היא חסומה בקטע [math]\displaystyle{ (0,1) }[/math] (אף על פי שאין לה גבול בנקודה אפס).
בסה"כ הנגזרת חסומה ולכן לפי משפט הפונקציה [math]\displaystyle{ f }[/math] רציפה במ"ש בקטע.
ב.
ניקח את שתי הסדרות [math]\displaystyle{ x_n=\dfrac1{2\pi n} }[/math], ו- [math]\displaystyle{ y_n=\dfrac1{\frac{\pi}{2}+2\pi n} }[/math] . קל לוודא כי:
- [math]\displaystyle{ |x_n-y_n|\to0 }[/math]
- [math]\displaystyle{ \Big|f'(x_n)-f'(y_n)\Big|\to1 }[/math]
ולכן [math]\displaystyle{ f' }[/math] אינה רציפה במ"ש בקטע.
ג.
- הפרכה
[math]\displaystyle{ f(x)=\sqrt{x} }[/math] רציפה במ"ש בקטע כיון שב-0 יש לה גבול סופי ובאינסופי נגזרתה חסומה. אולם הנגזרת שלה [math]\displaystyle{ f'(x)=\dfrac1{2\sqrt{x}} }[/math] אינה חסומה בסביבת [math]\displaystyle{ 0 }[/math].
הפרכה נוספת:
[math]\displaystyle{ x\cdot\sin\left(\tfrac1x\right) }[/math] בעלת גבולות סופיים בשני קצוות הקטע, ולכן רציפה שם במ"ש. קל לוודא כי נגזרתה אינה חסומה בקטע.
שאלה 5
עבור כל אחד מהטורים הבאים קבעו: מתבדר/ מתכנס בהחלט/ מתכנס בתנאי:
א. [math]\displaystyle{ \displaystyle\sum_{n=1}^\infty(-1)^n\cdot\sin\Big(\sqrt{n+1}-\sqrt{n}\Big) }[/math]
ב. [math]\displaystyle{ \displaystyle\sum_{n=1}^\infty(-1)^n\dfrac{n+1}{n^\sqrt{n}} }[/math]
ג. [math]\displaystyle{ \displaystyle\sum_{n=1}^\infty\dfrac{\cos^2\left(\frac{n\pi}{2}\right)}{n} }[/math]
ד. [math]\displaystyle{ \displaystyle\sum_{n=1}^\infty\frac{n^n}{(n!)^2} }[/math]
פתרון
א.
[math]\displaystyle{ \sqrt{n+1}-\sqrt{n}=\dfrac1{\sqrt{n+1}+\sqrt{n}} }[/math]
לכן קל לוודא לפי מבחן ההשוואה הגבולי כי הטורים
- [math]\displaystyle{ \displaystyle\sum_{n=1}^\infty\sin\Big(\sqrt{n+1}-\sqrt{n}\Big)\ ,\ \sum_{n=1}^\infty\dfrac1{\sqrt{n}} }[/math]
חברים, ולכן הטור אינו מתכנס בהחלט.
כיון שסינוס רציפה, מונוטונית באזור [math]\displaystyle{ 0 }[/math], ושואפת שמה ל- [math]\displaystyle{ 0 }[/math], מקבלים כי הטור כולו מתכנס בתנאי לפי מבחן לייבניץ.
ב.
ברור שהחל מ- [math]\displaystyle{ n=9 }[/math] מתקיים [math]\displaystyle{ \sqrt{n}\ge3 }[/math] ולכן
- [math]\displaystyle{ \displaystyle\sum_{n=1}^\infty\dfrac{n+1}{n^\sqrt{n}}\le\sum_{n=1}^\infty\dfrac{n+1}{n^3}=\sum_{n=1}^\infty\left[\dfrac1{n^2}+\dfrac1{n^3}\right] }[/math]
ולכן הטור מתכנס בהחלט.
ג.
בכל מקום זוגי [math]\displaystyle{ \cos^2\left(\frac{n\pi}{2}\right)=1 }[/math] ובכל מקום אי-זוגי זה שווה 0 לכן הטור הוא בעצם הטור המתבדר
- [math]\displaystyle{ \displaystyle\sum_{n=1}^\infty\frac1{2n} }[/math] .
ד.
נפעיל את מבחן המנה לקבלת:
- [math]\displaystyle{ \dfrac{a_{n+1}}{a_n}=\dfrac{(n+1)^{n+1}(n!)^2}{n^n\big((n+1)!\big)^2}=\left(\dfrac{n+1}{n}\right)^n\cdot\dfrac1{n+1}\to e\cdot0=0 }[/math]
ולכן הטור מתכנס בהחלט.