המשך קבוצות

משלים

הגדרה: תהי קבוצה [math]\displaystyle{ U }[/math], ונביט בתת קבוצה שלה [math]\displaystyle{ A }[/math]. ניתן להגדיר את המשלים של [math]\displaystyle{ A }[/math] כאוסף האיברים ב-[math]\displaystyle{ U }[/math] שאינם ב-[math]\displaystyle{ A }[/math] (כלומר ההפרש [math]\displaystyle{ U\setminus A }[/math]), המסומן [math]\displaystyle{ A^c }[/math]. לא ניתן לדבר על משלים אוניברסלי ללא [math]\displaystyle{ U }[/math] מכיוון שאין קבוצה המכילה את כל הדברים בעולם (אחרת נגיע לסתירות כמו פרדוקס ראסל).

תכונות בסיסיות:

[math]\displaystyle{ A\cup A^c = U }[/math]
[math]\displaystyle{ \varnothing^c = U }[/math]
[math]\displaystyle{ U^c = \varnothing }[/math]
[math]\displaystyle{ (A^c)^c = A }[/math]

על המשלימים מתקיימים חוקי דה מורגן (הנובעים ישירות מחוקי דה מורגן בלוגיקה):

[math]\displaystyle{ (A\cap B)^c = A^c \cup B^c }[/math]
[math]\displaystyle{ (A\cup B)^c = A^c \cap B^c }[/math]

הערה: באופן כללי מתקיים

[math]\displaystyle{ (\bigcap _{i\in I} A_i)^c = \bigcup _{i\in I} A_{i}^c }[/math]
[math]\displaystyle{ (\bigcup _{i\in I} A_i)^c = \bigcap _{i\in I} A_{i}^c }[/math]

תרגיל

הוכיחו כי [math]\displaystyle{ A \triangle B = A^c \triangle B^c }[/math].

פתרון

נשתמש בהצגת ההפרש הסימטרי כאיחוד ההפרשים:

[math]\displaystyle{ x\in A \triangle B \iff (x\in A \land x\notin B)\lor (x\in B \land x\notin A) \iff }[/math]

[math]\displaystyle{ (x\notin A^c \land x\in B^c)\lor (x\notin B^c \land x\in A^c) }[/math] ומחילופיות "וגם" ו"או":

[math]\displaystyle{ (x\notin B^c \land x\in A^c)\lor (x\notin A^c \land x\in B^c) \iff }[/math] [math]\displaystyle{ (x\in A^c \land x\notin B^c)\lor (x\in B^c \land x\notin A^c) \iff x\in A^c \triangle B^c }[/math]

תרגיל

לכל [math]\displaystyle{ n\in \mathbb{N} }[/math] נגדיר [math]\displaystyle{ A_n=\{k\in \mathbb{N}|2\leq k\leq 2n-1\} }[/math] ונגדיר [math]\displaystyle{ B_n=A_{n+1}\smallsetminus A_n }[/math].

א. מצאו את [math]\displaystyle{ \cup_{n\in \mathbb{N}} B_n }[/math]

ב. נגדיר [math]\displaystyle{ D_n=\mathbb{N}\smallsetminus B_n }[/math]. מצאו את [math]\displaystyle{ \cap_{n\in \mathbb{N}} D_n }[/math].

פתרון

א. התשובה: [math]\displaystyle{ \mathbb{N}\smallsetminus \{1\} }[/math]. הוכחה:

[math]\displaystyle{ \cup_{n\in \mathbb{N}} B_n \subseteq \mathbb{N}\smallsetminus \{1\} }[/math]: הכל מהטבעיים וכל הקבוצות מוגדרות ע"י איברים הגדולים מ-[math]\displaystyle{ 2 }[/math].

[math]\displaystyle{ \mathbb{N}\smallsetminus \{1\} \subseteq \cup_{n\in \mathbb{N}} B_n }[/math]: יהי [math]\displaystyle{ a\in \mathbb{N}\smallsetminus \{1\} }[/math] נמצא קבוצה בה הוא נמצא. נשים לב ש-[math]\displaystyle{ B_n=\{2n,2n+1\} }[/math]. לכן אם [math]\displaystyle{ a }[/math] זוגי הוא נמצא ב- [math]\displaystyle{ B_{\frac{n}{2} }[/math] ואם אי-זוגי אז [math]\displaystyle{ a\in B_{\frac{n-1}{2} }[/math].

ב. נתייחס ל-[math]\displaystyle{ \mathbb{N} }[/math] כקבוצה האוניברסלית לדיוננו. לפי דה-מורגן נקבל:[math]\displaystyle{ \cap_{n\in \mathbb{N}} D_n=\cap_{n\in \mathbb{N}} B_n^c=(\cup_{n\in \mathbb{N}} B_n)^c=\{1\} }[/math].

קבוצת החזקה

הגדרה: תהי קבוצה [math]\displaystyle{ A }[/math]. נגדיר את קבוצת החזקה של [math]\displaystyle{ A }[/math] בתור אוסף כל תת הקבוצות של [math]\displaystyle{ A }[/math]. נסמן [math]\displaystyle{ P(A)=\{X:X\subseteq A\} }[/math].

דוגמה: נבחר [math]\displaystyle{ A=\{1,2\} }[/math] אזי [math]\displaystyle{ P(A)=\{\{\},\{1\},\{2\},\{1,2\}\} }[/math].

האם אתם יכולים למנות כמה איברים יש בקבוצת החזקה? הוכיחו זאת באינדוקציה.

תרגיל

הוכיחו או הפריכו:

א. [math]\displaystyle{ P(A)\cap P(B)=P(A\cap B) }[/math]

ב. [math]\displaystyle{ P(A)\cup P(B)=P(A\cup B) }[/math]

פתרון

א. הוכחה: [math]\displaystyle{ X\in P(A)\cap P(B) \iff X\subseteq A\land X\subseteq B\iff X\subseteq A\cap B\iff X\in P(A\cap B) }[/math].

ב. הפרכה: ניקח [math]\displaystyle{ A=\{1\},B=\{2\} }[/math].

תרגיל ממבחן

תהינה [math]\displaystyle{ A,B,C }[/math] קבוצות. הוכיחו או הפריכו:

א. אם [math]\displaystyle{ A \not\subseteq B \cap C }[/math] אזי [math]\displaystyle{ (A\setminus B)\cap(A\setminus C)\neq \varnothing }[/math]

ב. אם [math]\displaystyle{ A\subseteq B }[/math] אזי [math]\displaystyle{ A\cup (B\setminus A)=B }[/math]

ג. אם [math]\displaystyle{ A\cap B=\varnothing }[/math] אזי [math]\displaystyle{ P(A)\cap P(B) = \{\varnothing\} }[/math]

פתרון

א. הפרכה: [math]\displaystyle{ A=\{1,2\},B=\{1\},C=\{2\} }[/math]. אזי ברור ש-[math]\displaystyle{ A }[/math] איננה מוכלת בחיתוך [math]\displaystyle{ B\cap C }[/math] אבל [math]\displaystyle{ (A\setminus B)\cap(A\setminus C)=\{2\}\cap\{1\}=\varnothing }[/math].

ב. נתון שלכל [math]\displaystyle{ a\in A }[/math] מתקיים [math]\displaystyle{ a \in B }[/math]. אזי

[math]\displaystyle{ x\in [A\cup(B\setminus A)] \iff (x\in A) \or [(x\in B)\and (x\notin A)] \iff }[/math]

[math]\displaystyle{ [(x\in A) \or (x\in B)] \and [(x \in A)\or (x\notin A)] }[/math]

כעת, הצד הימני הוא טאוטולוגיה וניתן להסיר אותו. מכיוון שנתון [math]\displaystyle{ (x\in A)\rightarrow (x\in B) }[/math] ניתן להסיק בקלות ש-[math]\displaystyle{ (x\in A)\or (x\in B) \iff (x\in B) }[/math], כפי שרצינו.

דרך נוספת: נגדיר את [math]\displaystyle{ B }[/math] להיות הקבוצה האוניברסאלית [math]\displaystyle{ U:=B }[/math] ואז צריך להוכיח כי [math]\displaystyle{ A\cup A^c =U }[/math] וזה אכן נכון!

ג. נניח בשלילה ש-[math]\displaystyle{ P(A)\cap P(B)\neq \{\varnothing\} }[/math]. מכיוון שהקבוצה הריקה שייכת לכל קבוצת חזקה, החיתוך אינו ריק. לכן לפי הנחת השלילה קיימת קבוצה לא ריקה [math]\displaystyle{ C \ne\varnothing }[/math] השייכת לחיתוך [math]\displaystyle{ P(A)\cap P(B) }[/math]. קבוצות החזקה הן אוסף תת הקבוצות, ולכן [math]\displaystyle{ C\subseteq A \and C\subseteq B }[/math]. מכיוון ש-[math]\displaystyle{ C }[/math] אינה ריקה קיים בה איבר [math]\displaystyle{ c\in C }[/math] וקל לראות ש-[math]\displaystyle{ (c\in A)\and (c\in B) }[/math] ולכן [math]\displaystyle{ c }[/math] מוכל בחיתוך, בסתירה לכך שהחיתוך ריק.