הבדלים בין גרסאות בדף "88-132 אינפי 1 סמסטר א' תשעב/פתרון מועד א מתמטיקאים"

מתוך Math-Wiki
קפיצה אל: ניווט, חיפוש
(שאלה 2)
(שאלה 6)
שורה 43: שורה 43:
  
 
ולכן הסדרה '''מונוטונית''' יורדת ו'''חסומה''' מלרע על ידי אפס ולכן מתכנסת.
 
ולכן הסדרה '''מונוטונית''' יורדת ו'''חסומה''' מלרע על ידי אפס ולכן מתכנסת.
 +
 +
==שאלה 3==
 +
קבעו לגבי כל טור האם הוא מתכנס בהחלט/בתנאי/מתבדר:
 +
 +
א. <math>\sum\frac{n+n^2+...+n^n}{n^{n+2}}</math>
 +
 +
 +
ב. <math>\sum\frac{cos\Big(\frac{n\pi}{2}\Big)}{2n+\sqrt{n}}</math>
 +
 +
===פתרון===
  
 
==שאלה 6==
 
==שאלה 6==

גרסה מ־14:59, 23 בפברואר 2012


שאלה 1

צטטו והוכיחו את הלמה של קנטור

שאלה 2

א. חשבו את הגבול

\lim_{x\rightarrow 0}\Big(\frac{1}{x}-\frac{1}{sin(x)}\Big)


ב. קבעו האם הגבול קיים:

\lim_{n\rightarrow\infty}\sum_{k=n}^{2n}\frac{1}{k}


פתרון

א.

\frac{1}{x}-\frac{1}{sin(x)}=\frac{sin(x)-x}{xsin(x)}

כיוון שהמונה והמכנה שואפים לאפס, ניתן להפעיל את כלל לופיטל. אם הגבול קיים לאחר גזירת המונה והמכנה בנפרד אז הוא שווה לגבול המקורי וסיימנו.

\frac{cos(x)-1}{sin(x)+xcos(x)}

שוב, המונה והמכנה שואפים לאפס ולכן ניתן להפעיל את כלל לופיטל.

\frac{-sin(x)}{cos(x)+cos(x)-xsin(x)}

כעת המונה שואף לאפס ואילו המכנה שואף לשתיים ולכן סה"כ הגבול הוא אפס.


ב.

נסמן את איברי הסדרה ב

a_n=\sum_{k=n}^{2n}\frac{1}{k}


קל לראות כי

a_{n+1}-a_n=\frac{1}{2k+1}+\frac{1}{2k+2}-\frac{1}{k}\leq \frac{1}{2k}+\frac{1}{2k}-\frac{1}{k}\leq 0

ולכן הסדרה מונוטונית יורדת וחסומה מלרע על ידי אפס ולכן מתכנסת.

שאלה 3

קבעו לגבי כל טור האם הוא מתכנס בהחלט/בתנאי/מתבדר:

א. \sum\frac{n+n^2+...+n^n}{n^{n+2}}


ב. \sum\frac{cos\Big(\frac{n\pi}{2}\Big)}{2n+\sqrt{n}}

פתרון

שאלה 6

תהי f פונקציה מוגדרת וגזירה על כל הממשיים, ונניח כי הגבול \lim_{x\rightarrow\infty}f'(x) קיים וגדול מאפס.

הוכיחו כי f אינה חסומה מלעיל.


פתרון

  • נסמן \lim_{x\rightarrow\infty}f'(x)=L>0. לכן קיים M כך שלכל x>M מתקיים f'(x)>\frac{L}{2}>0.


  • לכן, החל מ- M הנגזרת חיובית ממש ולכן הפונקציה מונוטונית עולה.


  • נניח בשלילה כי הפונקציה f חסומה, לכן היא מונוטונית וחסומה ולכן מתכנסת למספר ממשי אשר נסמן ב-K.


  • לפי הגדרת הגבול, קיים 'M כך שלכל x>M' מתקיים |f(x)-K|<\frac{k}{2}


  • לכן ביחד לכל זוג x,y>M' מתקיים |f(x)-f(y)|< K


  • ניקח x>M,M' אזי לכל h>0 לפי משפט לגראנז קיים x<c<x+h כך ש-
f'(c)=\frac{f(x+h)-f(x)}{h}


  • כעת, מתקיים f'(c)>\frac{L}{2}, אבל מצד שני \frac{f(x+h)-f(x)}{h}\leq \frac{K}{h} ולכן עבור h מספיק גדול נקבל סתירה.