שינויים
[[88-132 אינפי 1 סמסטר א' תשעב/מערך תרגול/טורים|חזרה לטורים]]
==טורים חיוביים==
טור חיובי הנו טור שכל אבריו אי-שליליים. נשים לב שכיוון שסדרת הסכומים החלקיים מוגדרת על-ידי נוסחת הנסיגה <math>S_{N+1}=S_N+a_{N+1}</math> , רואים באופן מיידי כי היא מונוטונית עולה:
:<math>S_{N+1}-S_N=a_{N+1}\ge0</math>
===מבחן ההשוואה הראשון===
יהיו <math>\displaystyle\sum_{n=1}^\infty a_n,\sum_{n=1}^\infty b_n</math> טורים חיוביים כך ש- <math>\forall n:a_n\ge b_n</math>
:אם <math>\displaystyle\sum_{n=1}^\infty b_n</math> מתבדר אזי גם <math>\displaystyle\sum_{n=1}^\infty a_n</math> מתבדר.
;הוכחה.נסמן את סדרות הסכומים החלקיים:<math>\displaystyle\begin{align}A_N:&=\sum_{k=1}^N a_k\\B_N:&=משפט ההשוואה הראשון==\sum_{k= 1}^N b_k\end{align}</math>יהיו לפי הנתון <math>\sum a_n,displaystyle\sum b_nsum_{n=1}^\infty a_n</math> טורים חיוביים כך ש הוא טור חיובי מתכנס, ולכן סדרת הסכומים החלקיים שלו חסומה <math>\forall n:a_ndisplaystyle A_N=\geq b_nsum_{k=1}^N a_k\le M</math> עבור <math>M</math>כלשהוא.
אבל <math>\forall n:a_n\ge b_n</math> , ולכן:אם <math>\sum a_ndisplaystyle B_N=\sum_{k=1}^N b_k=b_1+\cdots+b_N\le a_1+\cdots+a_N=\sum_{k=1}^N a_k=A_N\le M</math> מתכנס אזי גם כלומר סדרת הסכומים החלקיים של הטור החיובי <math>\sum displaystyle\sum_{n=1}^\infty b_n</math> חסומה, ולכן הטור מתכנס.
החלק השני של המשפט הוא פשוט הפוך על הפוך של החלק הראשון, לפי לוגיקה בפסוקים::אם <math>a\sum b_n</math> מתבדר אזי גם <math>to b\equiv\bar b\to\sum a_nbar a</math> מתבדר.
===מבחן דלאמבר/המנהההשוואה הגבולי===יהי יהיו <math>\sum displaystyle\sum_{n=1}^\infty a_n,\sum_{n=1}^\infty b_n</math> טור חיובי אזיטורים חיוביים כך ש- <math>\lim\limits_{n\to\infty}\dfrac{b_n}{a_n}=L</math>:אם <math>L=0</math>::אם <math>\displaystyle\sum_{n=1}^\infty a_n</math> מתכנס אזי גם <math>\displaystyle\sum_{n=1}^\infty b_n</math> מתכנס
::אם <math>\limsup displaystyle\frac{a_sum_{n+=1}}^\infty b_n</math> מתבדר אזי גם <math>\displaystyle\sum_{a_n} n=L <1}^\infty a_n</math> הטור מתכנסמתבדר
:אם <math>\limsup\limits_{n\to\infty}\sqrt[n]{a_n}=1</math> לא ניתן לדעת
::(הטורים <math>\displaystyle\sum_{n=1}^\infty\frac1n,\sum_{n=1}^\infty\frac1{n^2}</math> מהווים דוגמאות לטור מתכנס וטור מתבדר המקיימים תנאי זה)
שימו לב שבשני המבחנים הקודמים '''לא מספיק להוכיח כי'''
:<math>\forall n:\dfrac{a_{n+1}}{a_n}<1</math> או <math>\forall n:\sqrt[n]{a_n}<1</math>
לעומת זאת, אם המנה לעיל גדולה מאחדמ-1, סימן שהסדרה מונוטונית עולה ולכן לא שואפת לאפס ל-0 ולכן הטור מתבדר. באופן דומה אם השורש ה-<math>n </math> גדול מאחד מ-1 אזי איברי אברי הסדרה גדולים מאחד מ-1 ולכן הסדרה אינה שואפת לאפס ל-0 והטור אינו מתכנס.
===מבחן העיבוי===
תהי <math>a_n</math> סדרה '''חיובית, מונוטונית ושואפת לאפסל-0'''. אזי:הטור <math>\displaystyle\sum_{n=1}^\infty a_n</math> מתכנס אם"ם הטור <math>\displaystyle\sum_{n=1}^\infty2^na_{2^n}</math> מתכנס (הם חברים)
כלומר, אנו זורקים את כל האברים מהטור פרט לאלה הנמצאים במקומות שהם חזקה של 2. את האברים הנותרים אנו כופלים בחזקה המתאימה של 2.
===מבחן לוגריתמי===
יהי <math>\displaystyle\sum_{n=1}^\infty a_n</math> טור חיובי.
:אם <math>\lim\limits_{n\to\infty}-\dfrac{\ln(a_n)}{\ln(n)}>1</math> הטור מתכנס
:אם <math>\lim\limits_{n\to\infty}-\dfrac{\ln(a_n)}{\ln(n)}<1</math> הטור מתבדר
:אם <math>\lim\limits_{n\to\infty}-\dfrac{\ln(a_n)}{\ln(n)}=1</math> לא ניתן לדעת
;<font size=4 color=#a7adcd>דוגמא.</font>
קבע האם הטור <math>\displaystyle\sum_{n=1}^\infty\frac1{n\ln(n)}</math> מתכנס.
נזכור כי <math>\ln(2^n)=n\ln(2)</math> ולכן
אבל זה סה"כ קבוע כפול הטור ההרמוני, וידוע כי הטור ההרמוני מתבדר.
לכן סה"כ הטור '''מתבדר'''.
;<font size=4 color=#a7adcd>דוגמא.</font>
קבע האם הטור <math>\displaystyle\sum_{n=1}^\infty\frac1{n\ln^2(n)}</math> מתכנס.
בדומה לתרגיל הקודם, אנו מקבלים:
ולכן סה"כ הטור '''מתכנס'''.
;<font size=4 color=#a7adcd>דוגמא.</font>
קבע עבור אילו ערכים של אלפא הטור <math>\displaystyle\sum_{n=1}^\infty\frac1{n^\alpha}</math> מתכנס.
;פתרון.הסדרה מקיימת את תנאי מבחן העיבוי, על כן נפעיל אותו. הטור שאנו חוקרים חבר של הטור::<math>\sum \frac{2^n}{2^nln^2(2^n)}=\frac{1}{n^2ln^2(2)}</math>
:<math>\displaystyle\sum_{n=1}^\infty2^n\frac1{(2^n)^\alpha}=\sum_{n=1}^\infty\frac1{2^{n(\alpha-1)}}=\sum_{n=1}^\infty\left(\frac1{2^{\alpha-1}}\right)^n</math>